Filtration
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=> ms = 0538 x. Ainsi, le volume de solide déposé sur le filtre rotatif est de Vs = ms
Ps
=
=3,71.10 x m .s . Si une révolution se fait en un temps t (en s), il en
résulte que 3,71.1g-4 x t = 0,0566 m3 et que la masse de filtrat écoulé est égale à x t
0,0566
o , v
= —------ t = 152,6 kg.
3,71.10-4
La vitesse de production du filtrat est de qv = — = 10 3 x m3.s-1, qui donne
V2 = 10-6 x2 12 = 152,62.10-6 = 0,02329 m6 => V = 0,1526 m3. En substituant cette
valeur du volume de filtrat dans V2 +
V =
t, il est obtenu 0.15262
ac
acpf
2x11,31x0,155.1012 xO,1526
2 x 11,3l2x 1,75.105
,
,
0J351012 x538,5
0J351012 x538,5 J0’3
= 0,02329 + 0,007360 => t = 0^Q07360 + 0^329 = 50 s
6J585.10-4
Ce temps correspond au temps ou le filtre est immergé. Donc, le temps d’une
révolution du filtre est égal à t =
= 125 s. La vitesse de rotation est par
k
0,40
conséquent de
= 0,48 tr.min-1 (ou 28,8 tr.h-1).
1 S?
Le débit massique de filtrat est égal à
J- = 3,052 kg .s 1 et le débit de la suspension est de 3,052 x (1 + 0,538) = 4,694 kg.s-1.
Exercice n° 9.28
a- Une suspension contenant 0,2 kg de solide par kg
Embout effectue
filtre rotatif à tambour de 0,5 m de long et de 0,5 m de
Le filune rotation en 10 min et 25 % de la surface est en con ac t
OOrosité de 0.5
trat est obtenu avec un débit de 0,11 kg.s et le gâteau presen
$
masse
quelle que soit l’épaisseur du gâteau obtenu sous une p
est ,
à
volumique du solide est de 2 700 kg.m'3. La masse vo unuquyaleur
1100 kg.m 3. Déterminer l’épaisseur du gateau a la fin
y
7
du facteur x =-------- .
a c pf