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Réponses aux exercices
Exercice 10.6
a) y 1 = 0,0009x + 0,0003, avec y 1 = A 1 030 / mm de film et x = %AV.
b) y 2 = 0,0531x + 0,0047 avec y 2 = A 1 030 /A 720 et x = %AV.
c) %AV = 8,4 à partir de a) et %AV = 8,46 à partir de b).
Exercice 10.7
a) 3 040, 2 959, 2 924, 2 849 cm
−1 ;
b) Il s’agit de vibrations d’élongation des liaisons C-H aromatiques pour la première, alcaniques
pour les trois autres ;
( c)) CCl 4 n’apporte pas de liaisons C-H ;
A tot = 2,21 × 10
−2 C − 2,07 × 10
−4 , (r = 0, 999999) ; C = 0,222 g·L
−1 .
Exercice 11.1
Il s’agit d’une méthode d’ajout. La concentration de la solution de Fe(II) est de 3,07 × 10
−5 M.
Exercice 11.2
La concentration de la solution échantillon est de (60/40) × 0,1 = 0,15 ppm soit 150 ppb.
Exercice 11.3
On commence par corriger les valeurs lues pour les trois solutions en retranchant celle du blanc
analytique. On trouve x = 1,062 mg·mL
−1 . Cette valeur correspond à la masse de benzopyrène qui
se trouve dans 1 L d’air. La concentration massique est 1,06 × 10
−6 /1,3 = 0,815 ppm soit 815 ppb.
Exercice 11.4
a) I f = 1,773 × 10
6 C + 2,22 ;
b) c = 6,25 × 10
−2 g·L
−1 soit 62,5 ppm.
Exercice 11.5
À 250 nm correspond un nombre d’onde de 40 000 cm
−1 . Le pic Raman de l’eau sera donc situé à
40 000 − 3 380 = 36 620 cm
−1 , ce qui correspond à une longueur d’onde de 273,1 nm.
Exercice 12.1
a) Il faut au moins 1 électron dans l’état n = 2 (« couche » L) ;
b) Parce que les constituants de l’air absorbent de manière non négligeable le rayonnement de fluorescence X de faible énergie. L’hélium est pratiquement transparent.
Exercice 12.2
a) 2d sin u = kl (ici k = 1) ; sin u = 0,9226 soit u = 67,31
◦ . La déviation 2u = 134,62
◦ .
b) E = hc/l, soit E = 9,517 × 10
−15 J ou 59 480 eV.
Exercice 12.3
Pour la raie Ka du titane 57 % du rayonnement est absorbé par le film d’aluminium. Pour la raie Ka
de l’argent seulement 1 % de ce rayonnement plus énergétique sera absorbé.
Réponses aux exercices
Exercice 10.6
a) y 1 = 0,0009x + 0,0003, avec y 1 = A 1 030 / mm de film et x = %AV.
b) y 2 = 0,0531x + 0,0047 avec y 2 = A 1 030 /A 720 et x = %AV.
c) %AV = 8,4 à partir de a) et %AV = 8,46 à partir de b).
Exercice 10.7
a) 3 040, 2 959, 2 924, 2 849 cm
−1 ;
b) Il s’agit de vibrations d’élongation des liaisons C-H aromatiques pour la première, alcaniques
pour les trois autres ;
( c)) CCl 4 n’apporte pas de liaisons C-H ;
A tot = 2,21 × 10
−2 C − 2,07 × 10
−4 , (r = 0, 999999) ; C = 0,222 g·L
−1 .
Exercice 11.1
Il s’agit d’une méthode d’ajout. La concentration de la solution de Fe(II) est de 3,07 × 10
−5 M.
Exercice 11.2
La concentration de la solution échantillon est de (60/40) × 0,1 = 0,15 ppm soit 150 ppb.
Exercice 11.3
On commence par corriger les valeurs lues pour les trois solutions en retranchant celle du blanc
analytique. On trouve x = 1,062 mg·mL
−1 . Cette valeur correspond à la masse de benzopyrène qui
se trouve dans 1 L d’air. La concentration massique est 1,06 × 10
−6 /1,3 = 0,815 ppm soit 815 ppb.
Exercice 11.4
a) I f = 1,773 × 10
6 C + 2,22 ;
b) c = 6,25 × 10
−2 g·L
−1 soit 62,5 ppm.
Exercice 11.5
À 250 nm correspond un nombre d’onde de 40 000 cm
−1 . Le pic Raman de l’eau sera donc situé à
40 000 − 3 380 = 36 620 cm
−1 , ce qui correspond à une longueur d’onde de 273,1 nm.
Exercice 12.1
a) Il faut au moins 1 électron dans l’état n = 2 (« couche » L) ;
b) Parce que les constituants de l’air absorbent de manière non négligeable le rayonnement de fluorescence X de faible énergie. L’hélium est pratiquement transparent.
Exercice 12.2
a) 2d sin u = kl (ici k = 1) ; sin u = 0,9226 soit u = 67,31
◦ . La déviation 2u = 134,62
◦ .
b) E = hc/l, soit E = 9,517 × 10
−15 J ou 59 480 eV.
Exercice 12.3
Pour la raie Ka du titane 57 % du rayonnement est absorbé par le film d’aluminium. Pour la raie Ka
de l’argent seulement 1 % de ce rayonnement plus énergétique sera absorbé.